Prove svolte e soluzioni proposte
Questa pagina serve a raccogliere prove d'esame svolte (che possono essere utili alla preparazione) e soluzioni proposte a tali prove da sottoporre a peer-review. Una proposta di soluzione si considera corretta quando
- È stata sottoposta a verifica del docente, o
- È stata sottoposta a verifica di (almeno) tre compagni di corso
Chi abbia visionato e corretto una prova altrui, è pregato di segnalarlo all'interno della sezione corrispondente riportando nome utente e data di correzione.
Al fine di verificare la correttezza delle proprie proposte, segnaliamo la presenza di strumenti di programmazione concorrente per i linguaggi C e Python.
Esame 13/09/2019
Testo: 2019.09.13.tot.pdf
Esercizio c.1 (verificato)
Controllato dal professor Davoli durante la lezione del 19/05/2020.
# Original author: Andrea R.
monitor mbuf:
waiting = 0
queue<pair<T, int>> q # (dato, molteplicità)
condition ok2add # q.length() < MAXELEM
condition ok2get # q.length() > 0
entry void add(T data, int n):
if q.length() >= MAXELEM:
ok2add.wait()
q.enqueue({data, n})
if waiting >= q.front().second:
ok2get.signal()
entry T get():
waiting++ # vuole ricevere
if q.empty() or waiting < q.front().second: # cortocircuitato
ok2get.wait()
x = q.front().first
q.front().second--
waiting-- # riceve
if q.front().second > 0: # cascata
ok2get.signal()
else: # ultimo che riceve
q.dequeue()
ok2add.signal()
return x
Esame 15/07/2019
Esercizio c.1 (verifiche rimanenti: 2)
Una semplice realizzazione in Python dello pseudocodice seguente è disponibile qui.
# Original authors: Mattia Guazzaloca, Paolo Marzolo
#
# Contributors: utente Acsor
monitor pair_buffer:
int nw, nr;
queue buffer;
condition same_number;
pair_buffer():
nw = nr = 0
buffer = queue()
same_number = condition()
@entry
put(T x):
nw++;
buffer.enqueue(x);
if nw != nr:
same_number.wait();
same_number.signal();
nw--;
@entry
T get(void):
nr++;
if nw != nr:
same_number.wait();
else:
same_number.signal();
T val = buffer.dequeue();
same_number.signal();
nr--;
return val;
Peer-review
- Verifica del 18/05/2020 dell'utente Acsor . Ritengo sia: corretto
- Verifica del ... dell'utente ... . Ritengo sia: ...
- Verifica del ... dell'utente ... . Ritengo sia: ...
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor pairbuf{
condition ok2read;
condition ok2write;
in count
queue writers
void put(T x){
writers.enqueue(x);
if(count == 0)
ok2write.wait();
ok2read.signal();
}
T get(void){
ok2write.signal()
count++;
if(writers.empty == true)
ok2read.wait()
T x = writers.dequeue;
count—
return x
}
Esame 18/06/2019
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor pg{
int waitingReader = 0;
int waitingWriter = 0;
condition ok2write;
condition ok2read;
T datobuf;
entry put (T dato) {
if (waitingReader > 0)
datobuf = dato;
while (waitingReader > 0)
ok2read.signal();
else if (waitingWriter >= 0)
waitingWriter++;
ok2write.wait();
waitingWriter--;
datobuf = dato;
}
entry T get (void) {
if (waitingReader > 0 || waitingWriter == 0)
waitingReader++;
ok2read.wait();
waitingReader--;
else if (waitingWriter > 0)
ok2write.signal();
return datobuf;
}
}
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor taon {
condition ok2w, ok2r;
int nw, nr = 0;
T buf;
entry void put (T dato){
nw++;
if( nw != 1 || nr == 0)
ok2w.wait();
buf = dato;
for (i=0, i++, i < nr)
ok2r.signal();
nw--;
}
entry T get(){
nr++;
if(nw==0)
ok2r.wait();
ok2w.signal();
T dato = buf;
nr --;
return dato;
}
Esercizio c.2
/* MP sincrono dato quello asincrono */
void ssend(obj msg, process q)
{
asend(msg, q);
ack = areceive(q);
}
obj sreceive(process p)
{
obj msg = areceive(p);
asend(ack, p);
return msg;
}
Soluzione:
dati asend/arecv devo implementare lssend lsrecv
lssend(dst, msg):
asend(dst, (MSG, myid(), msg))
arecv(dst)
lsrecv(snd):
asend(myid(), (TAG, myid(), NULL)) // mi mando un messaggio che riesco a riconoscere
while True:
(T, s, m) = arecv(ANY) // continua a ricevere finchè non ricevi il mio messaggio
if (T != TAG) data.push(s, m)
else break
while (((s,m) = data.pop(snd) == NULL): // c'è il messaggio di src definito?
(T, s, m) = arecv(ANY)
data.push(s, m)
asend(s, (ACK, myid(), NULL)
return m
Esercizio g.1 (sbagliato)
x = long_compute()/short_compute() X = io() 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 3 3 3 3 3 3 3 3 3 3 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 5 5 5 5 5 5 5 5 5 5 6 6 6 6 6 6 6 6 6 6 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 8 8 8 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 P1 |x|x|x|x|x|X|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|-|-|-|X|x|x|-|-|-|-|-|-|x|x|x|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|-|-|-|X|X|x|-|-|-|-|-|-|x|-|-| P2 |-|-|x|x|x|-|-|-|-|-|-|x|x|-|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|-|-|-|X|X|x|-|-|-|-|-|-|x|x|x|-|-|-|-|-|-|x|-|-|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|-|-|-|X|X|x|-|-|-|x|-|-| P3 |-|-|x|x|x|-|-|-|-|-|-|x|x|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|-|-|-|X|X|x|-|-|-|-|-|-|x|x|x|-|-|-|-|-|-|x|-|-|-|-|-|-|-|-|X|X|X|-|-|-|X|X|x|x|
Esercizio g.1
P1(start=0): 5ms CPU, 5ms IO, 5ms CPU, 5ms IO, 2ms CPU
P2(start=4): 5ms CPU, 5ms IO, 5ms CPU, 5ms IO, 2ms CPU
P3(start=7): 5ms CPU, 5ms IO, 5ms CPU, 5ms IO, 2ms CPU
0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 3 3 3 3 3 3 3 3 3 3 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 5
0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0
P|1 1 1|1 1|2 2 2|3 3 3|2 2|1 1 1|3 3|1 1|2 2 2*3 3 3|2 2|3 3|1 1|-|2 2|- - -|3 3|
I |1 1 1 1 1| |2 2 2 2 2|3 3 3 3 3|1 1 1 1 1|2 2 2 2 2|3 3 3 3 3|
r - - - - 2 - - 3 2 2 2 1 1 3 3 3 1 1 2 2 - - - 2 2 2 3 3 1 1
1 3 3
* 3 ha finito input output e 2 è ancora in esecuzione quindi c'è da scegliere
Esercizio g.2 (da controllare)
a) Può richiedere supporto hardware. Se implementato con contatori o stack questi devono essere aggiornati ad ogni riferimento alla memoria. L'intero sistema viene appesantito e rallentato.
b) Il journaling si assicura che i dati sul filesystem siano consistenti, ma non aggiornati. Assicura la coerenza dei dati, ma non la perdita dei file se il filesystem si danneggia.
c) Si dice che un programma A ha lo stesso potere espressivo di un programma B quando è possibile esprimere ogni programma scritto con B mediante A. Per implementare MP sincrono dato quello asincrono basta aggiungere una libreria. Per implementare MP asincrono dato quello sincrono bisogna aggiungere un processo server.
d) In questi casi tutte le istruzioni vengono eseguite con la massima autorità, con problemi di sicurezza nel caso un utente estraneo prenda il controllo del sistema o rischio di commettere gravi errori semplicemente sbagliando a digitare un comando.
Esame 14/02/2019
Esercizio c.1 (possibile soluzione corretta)
# Original authors: Mattia Guazzaloca & Paolo Marzolo
#
# Contributors:
#
class monobinarysem(monitor):
def __init__(self, val):
self.iszero = condition(self)
self.val = val
@entry
def monoP(self):
if self.val == 0:
self.iszero.wait()
self.val -= 1
@entry
def monoV(self):
if self.val == 0:
self.val += 1
self.iszero.signal()
Esercizio c.2 (soluzione corretta)
# Original author: Renzo Davoli (durante la lezione)
#
# Contributors:
#
def pssend(message, destination):
asend((self(),message),destination)
while(1):
snd, message = arecv(ANY)
if(message == ACK):
break
datastruct.add(snd, message)
def psreceive(sender):
dummy = Message(null)
asend(self(),dummy) //self is my id
while(1):
snd, message = arecv(ANY)
if(message == dummy):
break
datastruct.add(snd, message)
if (datastruct.match(sender)):
src, msg = datastruct.get(sender)
asend((self(),ACK), src)
return msg
else:
return None
Esame 28/05/2019
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor storage{
int stored[16]
int components[16]
condition ok2make[16]
boolean required[16] //false
void add(components){
stored += components;
for(i=0; i< 16; i ++){
if(required[i] == true)
ok2make(i).signal();
}
}
void get(components){
for(i = 0; i< 16; i++){
if (stored[i] >= components[i])
stored[i] -= components[i]
else
required[i] = true
ok2make(i).wait();
required[i] = false
i—;
}
}
Esame 17/07/2018
Esercizio c.1
/* Monitor Delirum: */
// Condition: Ok2Load;
// Condition: Ok2Pour[]; // Un elemento per Type
int availableBeer[]; // Un elemento per Type
Queue requests[]; // Un elemento per Type
Queue pendingRequests;
Procedure entry: void Pour(Type t, Quantity c)
{
if (c > availableBeer[t]) // Richiesta maggiore della birra disponibile
{
c -= availableBeer[t];
availableBeer[t] = 0;
requests[t].Enqueue(c);
if (requests[t].Length == 1) // Risveglio un magazziniere solo se è la prima richiesta di questo tipo di birra
{
pendingRequests.Enqueue(t);
Ok2Load().Signal();
}
Ok2Pour[t].Wait();
requests[t].Dequeue(); // Quando ho ottenuto la birra che voglio, elimino la mia richiesta
}
availableBeer[t] -= c;
}
Procedure entry: Type isEmpty()
{
if (pendingRequests.Length == 0)
{
Ok2Load.Wait();
}
return pendingRequests.Dequeue();
}
Procedure entry: Loaded(Type t, Capacity c)
{
availableBeer[t] += c;
while (requests[t].Length > 0 && availableBeer[t] > requests[t].head())
{
Ok2Pour[t].Signal();
}
if (requests[t].Length > 0) // serve per evitare che a causa di un magazziniere lento si accodino cosi tante richieste che mentre si sta caricando si svuota subito il fusto
{
pendingRequests.Enqueue(t);
Ok2Load.Signal();
}
}
Esercizio c.2
stack s;
semaphore mutex(1); // mutua esclusione
semaphore ok2consume(0);
Procedure entry: void push(int value)
{
mutex.P();
s.push(value)
mutex.V()
ok2consume.V()
}
Procedure entry: int pop()
{
int value;
ok2consume.P();
mutex.P();
value = s.pop();
mutex.V();
return value;
}
Esercizio g.1
Possiamo notare subito che il sistema ha due processori ed un dispositivo di I/O.
A e B partono insieme al tempo 0.
C parte tra il tempo 0 ed il tempo 2 (non possiamo sapere di preciso quando perchè entrambe le CPU sono occupate).
D parte tra il tempo 0 ed il tempo 3.
A questo punto possiamo supporre che tutti e 4 i processi partano in sequenza (A, B, C, D) nello stesso momento, e ognuno prende la prima CPU libera che trova.
A lavora per 3ms, poi scade il time slice.
Nel frattempo B lavora per 2ms, poi richiede I/O per 4ms.
La CPU su cui lavora B quindi si libera, e si manda in esecuzione il processo C.
Scaduto il time slice per A, si da il controllo ad un nuovo processo. B è occupato con I/O, C sta già lavorando, quindi è il turno di D.
C lavora per 3ms, poi richiede I/O per 3ms, che però è occupato da B, quindi si mette in coda per utilizzarlo.
La CPU su cui lavorava C si libera ed il controllo torna ad A, che doveva lavorare ancora per 2ms prima di chiedere il controllo di I/O, quindi lavora e si mette in coda dietro a C.
Tornando a D, questo lavora per 3ms prima che scada il time slice. Anche B ha finito il lavoro e ha bisogno di una CPU.
In questo momento sia D che B sono nella coda dei processi in stato ready, ma dal diagramma possiamo notare che il controllo torna a D.
La CPU ha scelto a caso un processo tra i due, perchè arrivati a questo punto possiamo supporre che lo scheduler sia Round-Robin.
B prende possesso della prima CPU che si libera, ovvero quella occupata da A, poi lavora per 2ms e termina il suo lavoro.
Nel momento in cui B termina il lavoro, scade anche il time slice per D, e C termina di usare I/O.
Abbiamo due processi (C e D) in coda ready. Ma abbiamo anche due CPU libere, perchè A è in coda per I/O e ci entra appena C finisce di usarlo.
Lo scheduler sceglie di mandare C sul primo processore e D sul secondo.
A nel frattempo, lavora per 4ms con I/O.
C lavora per 3ms, poi termina il suo lavoro.
D lavora per 3ms, poi scade il time slice. Ci sono due processori liberi, quindi D riparte subito in esecuzione.
D doveva lavorare ancora per 1ms prima di aver bisogno di I/O, quindi finisce e si mette in coda.
Ma nello stesso momento A termina di usare I/O, si prende un processore libero e lavora per i suoi ultimi 2ms.
D lavora per 1ms con I/O, poi prende il secondo processore libero e lavora per 1ms prima di terminare il suo lavoro.
Il time slice è di 3ms, lo scheduler è di tipo Round-Robin.
Il dispositivo di I/O è FIFO. L'ordine con cui partono i processi è quello alfabetico.
A(){
compute_a1(); // 5ms
io_a(); // 4ms
compute_a2(); // 2ms
}
B(){
compute_b(); // 2ms
io_b(); // 4ms
compute_b(); // 2ms
}
C(){
compute_c(); // 3ms
io_c(); // 3ms
compute_c(); // 3ms
}
D(){
compute_d1(); // 10ms
io_d(); // 1ms
compute_d2(); // 1ms
}
Lo scheduler potrebbe anche essere a priorità:
Priorità B < priorità D < priorità C
Priorità A = ?
B fatto partire prima di C e D.
Esercizio g.2 (da controllare)
a) Nei sistemi embedded o in computer ad uso specifico in cui sono richiesti tempi di risposta molto rapidi. La memoria virtuale può generare ritardi imprevedibili e può richiedere un supporto hardware per la traduzione da indirizzi virtuali ad indirizzi fisici. Ma in sistemi embedded non sempre c'è spazio fisico per implementare questi supporti hardware.
b) Perchè ad esempio sulle chiavette USB quasi mai abbiamo il problema di dover utilizzare file di dimensione maggiore ai 4GB. Non utilizza il journaling, che richiede molteplici scritture per ogni azione ed in dispositivi portatili può ridurre di molto la durata. Non supporta i permessi sui file, e questo è un vantaggio per le chiavette USB, pensate per trasferire dati tra PC diversi.
c) Serve ad aumentare le performance, rendere il sistema resiliente alla perdita di uno o più dischi e poterli rimpiazzare senza interrompere il servizio. RAID serve per tutelarsi dai problemi hardware, non sostituisce i backup in quanto ci permette solo di proseguire il lavoro, non ci permette di recuperare file cancellati o bloccati da ransomware.
d) Per dimostrare questo occorre una variante del grafo di Holt, detto grafo Wait-For, che si costruisce eliminando i nodi di tipo risorsa e collassando gli archi appropriati, per cui il grafo di Holt contiene un ciclo se e solo se il grafo Wait-For contiene un ciclo e pertanto si ha l'attesa circolare (deadlock).
Esame 21/06/2018
Esercizio c.1 (sbagliato)
/* Monitor tmon */
define MAX n;
define TERRAFERMA 1;
define ISOLA 2;
semaphore ok2unload;
semaphore ok2load;
semaphore ok2ship;
semaphore mutex(1); // la rampa è zona critica --> mutua esclusione
stack ferry;
int current_port = 0;
Procedure entry: al_porto(int location)
{
current_port = location; // traghetto arriva a destinazione
ok2unload.signal(); // da il via per far sbarcare le macchine
ok2ship.wait(); // si ferma
current_port = 0; // traghetto sta viaggiando tra i due porti
}
Procedure entry: imbarca(int location)
{
mutex.wait(); // prende possesso della rampa
ferry.push(1); // sale sul traghetto
mutex.signal(); // libera la rampa
}
Procedure entry: imbarcato(int location)
{
if(ferry.lenght() == MAX) // se il traghetto è pieno da il via per farlo salpare
{
ok2load.wait();
ok2ship.signal();
}
}
Procedure entry: sbarca(int location)
{
mutex.wait(); // prende possesso della rampa
ferry.pop(); // scende dal traghetto
mutex.signal(); // libera la rampa
}
Procedure entry: sbarcato(int location)
{
if(ferry.lenght() == 0) // se il traghetto è vuoto da il via per far imbarcare le macchine
{
ok2unload.wait();
ok2load.signal();
}
}
Esercizio c.1
/* Monitor tmon */
#define MAX n
#define NONE 0
#define TERRAFERMA 1
#define ISOLA 2
condition ok2unload;
condition ok2load[2];
condition ok2ship;
condition empty;
int onboard = 0;
int onramp = 0;
int current_port = NONE;
Procedure entry: al_porto(int location)
{
//arrivando
current_port = location;
ok2unload.signal();
if (onboard > 0)
empty.wait()
ok2load[location].signal()
if (onboard < MAX)
ok2ship.wait()
//partendo
current_port = NONE;
}
Procedure entry: imbarca(int location)
{
if (current_port != location || onramp > 0 || onboard >= MAX)
ok2load[location].wait()
onramp = 1;
}
Procedure entry: imbarcato(int location)
{
onramp = 0; onboard++;
if (onboard < MAX)
ok2load[location].signal();
else
ok2ship.signal();
}
Procedure entry: sbarca(int location)
{
if (current_port != location || onramp > 0)
ok2unload.wait()
onramp = 1;
}
Procedure entry: sbarcato(int location)
{
onramp = 0; onboard--;
if (onboard == 0)
empty.signal();
else
ok2unload.signal();
}
Esercizio c.2 (sbagliato)
#define N n // limite operazioni
semaphore mutex(1); // sezione critica
class lim_semaphore()
{
int value;
semaphore plus;
semaphore minus;
P()
{
mutex.P();
if(value < N)
{
if (value >= 0)
{
plus.P();
}
else
{
minus.V();
}
value--;
}
mutex.V();
}
V()
{
mutex.P();
if(value > -N)
{
if (value <= 0)
{
minus.P();
}
else
{
plus.V();
}
value++;
}
mutex.V();
}
}
Esercizio c.2
Soluzione "furba e facile"
#define N n // limite operazioni
class lim_semaphore()
{
semaphore plus;
semaphore minus;
int value; //serve per significato
init(x) : { value=x; plus.init(N+x); minus.init(N-x);} //costruttore
P() : { plus.P(); value--; minus.V(); }
V() : { minus.P(); value++; plus.V(); }
}
Soluzione "schiacciasassi"
#define N n // limite operazioni
class lim_semaphore()
{
semaphore mutex;
queue of semaphore okmin, okmax;
int value;
init(x) : { value=x; }
P() {
mutex.P();
if (value <= -N) {
s=semaphore(0);
okmin.enqueue(s);
mutex.V();
s.P();
} else if (okmax.length() > 0) {
s = okmax.dequeue()
s.V();
mutex.V();
} else {
value--;
mutex.V();
}
}
V() {
mutex.P();
if (value >= -N) {
s=semaphore(0);
okmax.enqueue(s);
mutex.V();
s.P();
} else if (okmin.length() > 0) {
s = okmin.dequeue()
s.V();
mutex.V();
} else {
value++;
mutex.V();
}
}
}
Esercizio g.1
IC = 10,10,10
COH = 4,4,4
MAX ATT RES AVAIL
P1 | 6,6,6 | 1,1,1 | 5,5,5 | 4,4,4
P2 | 6,6,6 | 1,1,1 | 5,5,5 | 5,5,5
P3 | 9,9,9 | 4,4,4 | 5,5,5 | 6,6,6
Minimizzato
IC = 4,4,4 //massimo
COH = 1,1,1 //soldi in cassa
MAX ATT RES
P1 | 3,3,3 | 1,1,1 | 2,2,2
P2 | 3,3,3 | 1,1,1 | 2,2,2
P3 | 3,3,3 | 1,1,1 | 2,2,2
Esercizio g.2 (da controllare)
a) L'algoritmo di calcolo del working set serve a limitare il problema del trashing assicurandosi che le pagine di cui ha bisogno un processo (una loro approssimazione) siano già caricate in memoria prima di far partire il processo stesso. L'algoritmo viene eseguito ogni volta che avviene un page fault, cercando una pagina "vittima" non presente nel working set e sfrattandola, facendo posto alla pagina che occorre al processo in esecuzione.
b) La lunghezza massima di un file che può essere memorizzato su un file system di tipo FAT viene calcolata moltiplicando il massimo numero di cluster (dimensione dell'unità di allocazione) identificabili per la loro dimensione. Il massimo numero di cluster identificabili dipende da quanti bit sono allocati per numerarli, e per questa distinzione esistono varie versioni di FAT (FAT12, FAT16, FAT32).
FAT32 memorizza la dimensione dei file in un intero unsigned da 32bit, e non può quindi gestire un file di dimensione superiore ai 2^32 bit = ~4GB.
FAT16, allocando 16bit per identificare i cluster, può contarne al massimo 2^16 (65536). Prendendo quindi, ad esempio, un file system FAT16 con cluster da 32KB, possiamo avere file grandi al massimo 32KB*65536 = ~2GB.
FAT12 di conseguenza può numerare al massimo 2^12 (4096) cluster, ma dato che il numero dei settori del disco viene memorizzato in un intero signed a 16bit, la massima dimensione del disco è 2^15 = 32MB. Ovviamente, non si può memorizzare un file di grandezza superiore alla dimensione dell'unità di memorizzazione stessa, e quindi anche i file in FAT12 possono avere dimensione massima di 32MB.
c) Un virus necessità l'intervento umano per essere avviato o per essere diffuso. Si attacca a programmi o file per potersi diffondere. Un worms è in grado di riprodursi e di diffondersi autonomamente, sfruttando le informazioni presenti sul computer.
d) La ready queue di uno scheduler può essere vuota quando tutti i processi sono in esecuzione su diversi processori, oppure quando tutti i processi hanno terminato la loro esecuzione. È un caso fisiologico della vita di un sistema.
Esame 28/05/2018
Esercizio c.1
Stack<int> entriesStack;
int vid[MAX];
condition ok2esci[MAX]
int in = 0;
int out = -1;
Procedure-entry: entra(int id) {
if (in >= MAX)
ok2entra.wait()
vid[in++] = id;
if (in < MAX)
ok2entra.signal()
else
out = MAX - 1;
}
Procedure-entry: esci(int id) {
int i;
for (i = 0; i < in; i++)
if (vid[i] == id)
break; //cerco l'indice di id nel vettore vid
if (i != out)
ok2esci[i].wait();
if (out > 0) {
out--;
ok2esci[out].signal();
} else {
out--;
in = 0;
ok2entra.signal();
}
}
Esercizio c.1 (da controllare)
Monitor riempisvuota {
Int MAXPROCESSI;
Stack s;
condition ok2enter;
condition ok2exit;
p.e void entra(getPid()){
if( s.size() >= MAXPROCESSI)
ok2enter.wait();
s.insert(getPid());
if(s.size() > MAXPROCESSI)
ok2exit.signal()
}
p.e void esci(getPid()){
if(s.size() > MAXPROCESSI && s.top == getPid()) {
s.pop();
ok2entra.signal()
}
else
ok2exit.wait();
}
Esercizio c.2 (da controllare)
proc[x]: x='a',...,'z'
while True:
//c sarà il carattere stampato dal processo precedente
(c, string) = arecv(*)
if(string == wait){
//mi metto in attesa di ricevere l'ACK da proc[x]
m=arecv(x);
}
if (c == NONE){
//significa che sei il primo a ricevere quella stringa
print(x);
if (len(string) > 1){
//mando la wait a tutti, il primo che riceve qualcosa da stampare manda una wait a tutti
asend(wait,*);
int l = len(string);
int i = 1;
while(l != 0){
asend(proc[string[i]], (x, string[i...]));
//si mette in attesa di ricevere l'ACK dal processo dell'ultima lettera della parola
m=areceive(proc[string[i]]);
//rimando la wait al processo per ribloccarlo
asend(wait, proc[string[i]])
l--;
i++;
}
//dopo aver finito la stampa della stringa sblocco tutti i processi
asend(ACK, *);
}
}else{
print(x);
asend(ACK, x);
//ricomincia il ciclo while, si rimette in attesa e il 'gestore gli rimanda la wait'
}
Esame 12/02/2018
Esercizio c.1
monitor bridge {
int carsOnBridge = 0;
int shipping[2] = {0, 0}; //navi da entrambe le direzioni
int status = NONE; //UP DOWN NONE
int last2pass = 0; //ultimo che ha passato il ponte
int waitingC = 0; //coda delle macchine che aspettano
int waitingS[2] = {0,0}; //navi che stanno aspettando
condition ok2ship[2]
condition ok2drive
entry car_enter(int direction){
if(carsOnBridge >= MAX || status == UP || waitingS[0] + waitingS[1] > 0 ){
waitingC++;ok2drive.wait;waitingC--;}
status = DOWN;
carsOnBridge++
if (carsOnBridge < MAX)
ok2drive.signal(); //vanno tutte le MAX car che stanno aspettando
}
entry car_exit(int direction){
carsOnBridge--
if (waitingS[0] + waitingS[1] == 0)
ok2drive.signal();
if(carsOnBridge == 0){
ok2ship[0].signal(); ok2ship[1].signal();
}
if(carsOnBridge + waitingS[0] + waitingS[1] == 0)
status = NONE
}
entry ship_enter(int direction){
if (bridge = DOWN || shipping[direction] != 0 || waitingC > 0)
{
waitingS[i]++; ok2ship[i].wait(); waitingS[i]--;
}
isBridgeUp = false;
shipping[i] = 1;
entry ship_exit(int direction){
shipping[i] = 0;
if (waitingC == 0)
ok2ship[i].signal()
else if(shipping[1-i] == 0)
ok2drive.signal();
if(carsOnBridge + waitingS[0] + waitingS[1] == 0)
status = NONE
}
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor bridge {
UP=0;
DOWN=1;
bridgeis = DOWN;
bool carAreExiting = false;
condition ok2drive;
condition ok2barca[2];
waitingCar = 0;
carOnBridge = 0;
boatWaiting[2] = {0,0};
boatIsPassing[2] = {false,false}
entry car_enter(direction) {
if (bridgeis == DOWN)
if(carOnBridge == MAXCAR)
waitingCar++;
ok2drive.wait();
waitingCar--;
else if (carAreExiting)
waitingCar++;
ok2drive.wait();
waitingCar--;
else
if (boatIsPassing[0] || boatIsPassing[1])
waitingCar++;
ok2drive.wait();
waitingCar--;
bridgeis = DOWN;
carOnBridge++;
carAreExiting = false;
if(carOnBridge < MAXCAR && !carAreExiting)
ok2drive.signal();
}
entry car_exit(direction) {
carOnBridge--;
carAreExiting = true;
if(carOnBridge == 0)
carAreExiting = false;
if(boatWaiting[0] > 0)
bridgeis = UP;
ok2barca[0].signal();
else if (boatWaiting[1] > 0)
bridgeis = UP;
ok2barca[1].signal();
else
ok2drive.signal();
}
entry boat_enter(direction) {
if (bridgeis == UP)
| if (boatIsPassing[direction] == true)
| | boatWaiting[direction]++;
| | ok2barca.wait();
| | boatWaiting[direction]--;
else
| if (carOnBridge > 0)
| | boatWaiting[direction]++;
| | ok2barca.wait();
| | boatWaiting[direction]--;
| | bridgeis = UP;
boatIsPassing[direction] = true;
if(boatIsPassing[1-direction] == false && boatWaiting[1-direction] > 0)
ok2barca[1-direction].signal();
}
entry boat_exit(direction) {
boatIsPassing[direction] = false;
if (boatIsPassing[1-direction] == false)
if (waitingCar > 0)
bridgeis = DOWN;
ok2drive.signal();
else
if (waitingCar == 0)
ok2barca[direction].signal();
}
Esercizio c.1 (sbagliato)
monitor bridge
condition ok2passCar;
condition ok2passBoat;
condition ok2up;
condition ok2down;
int carOnBridge[2] = 0; //2 sensi di marcia
int boatUnderBridge[2] = 0;
boolean bridge_down = false; //vuol dire che il ponte parte alzato, true ponte abbassato
procedure entry car_enter(direction){
if(bridge_down && carOnBridge[direction] < MAXCAR){
carOnBridge[direction]++;
ok2passCar.signal();
}else if (bridge_down && boatUnderBridge[0] == 0 && boatUnderBridge[1] == 0){
//se non ci sono navi in transito e arriva una macchina abbassa ponte
ok2down.signal();
ok2passCar.signal();
ok2passBoat.wait();
}else{
ok2passCar.wait();
}
}
procedure entry car_exit(direction){
carOnBridge[direction]--;
if(carOnBridge[0] == 0 && carOnBridge[1] == 0){
bridge_down = false;
ok2up.signal();
}else{
ok2up.wait();
}
}
procedure entry boat_enter(direction){
if(!bridge_down && boatUnderBridge[direction] < 1){
boatUnderBridge[direction]++;
ok2passBoat.signal();
}else if(!bridge_down && carOnBridge[0] == 0 && carOnBridge[1] == 0){
ok2up.signal();
ok2passBoat.signal();
ok2passCar.wait();
}else {
ok2passBoat.wait();
}
}
procedure entry boat_exit(direction){
boatUnderBridge[direction]--;
if(boatUnderBridge[0] == 0 && boatUnderBridge[1] == 0){
bridge_down = true;
ok2down.signal();
}else{
ok2down.wait();
}
}
Esercizio c.1 2o (sbagliato)
#define car 1
#define ship 2
#define fromDX 1
#define fromSX 0
monitor bridge {
int carsOnBridge = 0;
int shippingDX = 0; //nave che sta passando dal lato destro
int shippingSX = 0; //nave che sta passando dal lato sinistro
bool isBridgeUp = false;
int last2pass = 0; //ultimo che ha passato il ponte
int waitingS = 0; //navi che stanno aspettando
int waitingC = 0 ; //auto che stanno aspettando
condition ok2ship
condition ok2drive
entry car_enter(int direction){
//un auto si ferma se il numero di auto sul ponte è massimo
//e se l'ultima a passare è stata un auto mentre ci sono navi in attesa
if(carsOnBridge == MAX || isBridgeUp || (last2pass==car && waitingS > 0) ){
waitingC++;
ok2drive.wait;
}
carsOnBridge++;
waitingC--;
}
entry car_exit(int direction){
carsOnBridge--;
last2pass = car;
if(carsOnBridge == 0 && waitingS>0){
isBrigdeUp = true;
ok2ship.signal;
}
}
entry ship_enter(int direction){
//se la barca viene da destra
if(direction == fromDX){
//si ferma anche quando c'è una nave che sta già attraversando nella sua stessa direzione
if (isBridgeup == false || shippingDX || (last2pass==ship && waitingC > 0) ){
waitingS++;
ok2ship.wait;
}
if (waitingS > 0)
waitingS--;
shippingDX = 1;
}
//se la barca viene da sinistra
else if(direction == fromSX){
if (isBridgeup == false || shippingSX || ( (last2pass==ship && waitingC > 0))){
waitingS++;
ok2ship.wait;
}
if (waitingS > 0)
waitingS--;
shippingSX = 1;
}
}
entry ship_exit(int direction){
if(direction == fromDX)
shippingDX = 0;
else if (direction == fromSX)
shippingSX = 0;
last2pass = ship;
if(shippingDX == 0 && shippingSX == 0 && waitingC)
isBrigdeUp == false;
ok2drive.signal;
else if(shippingDX == 0 && shippingSX == 0 && waitingS > 0)
ok2ship.signal;
}
}
Esercizio c.2 (da controllare)
list printed_msg; <-- questa è una variabile condivisa che ai fini dell'esercizio non si può utilizzare (message passing)
process server[i]:
while true:
<msg, pid> = arecv(*)
if printed_msg.length == 0 or <msg, pid> is not in printed_msg:
printed_msg.append(<msg,id>)
print(msg)
Esame 11/09/2017
Esercizio c.1
monitor crossing
ok2dir[4]; //NESW
bool busy = false;
pe entra(int dir)
if (busy)
ok2dir[dir].wait();
busy = true;
pe esci(int dir)
busy = false;
ok2dir[(dir + 1) % 4].signal();
if (!busy)
ok2dir[(dir + 2) % 4].signal();
if (!busy)
ok2dir[(dir + 3) % 4].signal();
if (!busy)
ok2dir[(dir + 4) % 4].signal(); //dir
//alternativa più compatta
pe esci(int dir)
busy = false;
for (i = 0; i < 4; i++)
if (!busy)
ok2dir[(dir + i + 1) % 4].signal();
Esercizio c.2 (da controllare)
// server[] = array contenente il PID di tutti i server
#define BROADCAST server[0]
server[0]
{
while(true)
{
<msg, sender> = arecv(*); // ricevo il messaggio
if (sender == BROADCAST)
print(msg); // se il messaggio l'ho ricevuto da me stesso allora lo stampo
else
asend(*, <msg, getpid()>); // se il messaggio l'ho ricevuto da un client o da un altro server lo inoltro a tutti i server (compreso me stesso)
}
}
server[x] // x = 1...N-1
{
while(true)
{
<msg, sender> = arecv(*); // ricevo il messaggio
if (sender == BROADCAST)
print(msg); // se il messaggio l'ho ricevuto dal server[0] allora lo stampo
else
asend(BROADCAST, <msg, getpid()>) // se il messaggio l'ho ricevuto da un client lo inoltro al server[0]
}
}
Esame 17/07/2017
Esercizio c.1
monitor conf {
condition finished;
condition ready2present[max];
bool arrived[max] = false;
bool giachiamato[max] = false;
entry chiama(chiamato){
if(arrived[chiamato] == true)
ready2present[chiamato].signal;
finished.wait;
return true;
else
giachiamato[chiamato]= true
return false;
}
entry arrivato(nome){
if(giachiamato[nome] == true)
return false;
arrived[nome] = true;
ok2present[nome].wait;
return true;
}
entry finepresentazione(nome){
finished.signal;
}
}
Esercizio c.2 (da controllare)
si, è possibile:
Implementare asend e arecv date bsend e brecv
asend(pid_t, msg_type msg){
bsend (<pid_t dst, msg>);
}
arecv(*){
pid_t act = getpid(); \\ act = proprio pid
do{
<dst, msg> = brecv(*);
}while (dst =! act)
return msg;
}
Esame 19/06/2017
Esercizio c.1 (da controllare)
#define NATLETI n
condition ok2lancia[NATLETI];
condition ok2giudice;
int counter[NATLETI];
int ultimo_tiro;
float registro[NATLETI][3];
Procedure entry: boolean pronto(int i)
{
if(!(i == 0 && counter[i] == 0)) // se è il primo lancio non devo metterlo in wait
ok2lancia[i].wait()
if(counter[i] < 3)
return true;
else
return false;
}
Procedure entry: void lanciato (int i)
{
counter[i]++;
ultimo_tiro = i;
ok2giudice.signal();
}
Procedure entry: int lanciofatto()
{
ok2giudice.wait()
if(ultimo_tiro == NATLETI-1 && counter[0] == 3)
return -1; // devo invalidare la condizione per uscire dal while, quindi se nessuno deve più lanciare ritorno -1
else
return ultimo_tiro;
}
Procedure entry: void registraechiama(int i, float m)
{
registro[i][counter[i]-1] = m; // il secondo indice indica l'iesimo lancio -1 (perchè iniziamo a contare da zero)
if(i == NATLETI-1) // se ha appena tirato l'ultimo atleta non posso dare il via a NATLETI (perchè non esiste), quindi faccio ricominciare il giro
ok2lancia[0].signal();
else
ok2lancia[i+1].signal();
}
Procedure entry: int classifica()
{
int best[NATLETI];
for(int i = 0; i < NATLETI; i++)
{
for(int j = 0; j < 3; j++)
{
if(registro[i][j] > best[i])
best[i] = registro[i][j];
}
}
best.sort_in_descending_order(); // supponiamo nel nostro pseudolinguaggio esista una funzione di ordinamento qualunque
return best;
}
Esame 29/05/2017
Esercizio c.1
condition okpartita
condition ok2chiama
condition ok2punteggio
condition ok2run[2][MAX]
int numpronti
int punteggio[2]
boolean partita=false
boolean partitafinita=false
chiamati = []
contabandiera[2]
int winner
entry nuovapartita():
{
punteggio[A] = punteggio[B] = 0;
numpronti = 0;
partita=true;
okpartita.signal()
chiamati = [];
}
entry chiama(l):
{
if (numpronti<2*MAX)
{
ok2chiama.wait();
}
chiamati = l;
contabandiera[A] = contabandiera[B] = 0
winner = -1;
for (s in n)
{
ok2run[A][s].signal();
ok2run[B][s].signal()
}
ok2punteggio.wait();
punteggio[winner++]
if (max(punteggio) == 10)
{
partitafinita = true;
for (s in A,B)
{
for (n in range(MAX))
{
ok2run[s][n].signal();
}
}
}
return punteggio;
}
entry pronto(s, n):
{
if (partitafinita) return 1;
if (!partita)
{
okpartita.wait();
}
numpronti++;
if (numpronti>=2*MAX)
{
ok2chiama.signal();
}
if (!(n in chiamati))
{
ok2run[s][n].wait();
}
numpronti--;
return 0 if partita else 1;
}
allabandiera(s, n):
{
contabandiera[s]++;
if (winner == -1 && contabandiera[s] == len(chiamati))
{
winner = s;
}
if (contabandiera[A] == len(chiamati) && contabandiera[B] == len(chiamati))
{
ok2punteggio.signal();
}
}
casi da discutere:
se arrivano studenti a pronto prima che il prof dichiara nuovapartita succedono guai.
Esame 14/02/2015
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor altcolbb {
generic_type valueBuf[MAX];
int front = rear = 0;
bool isFull = false;
condition ok2write[2]; //gli indici sono i colori (red=0, blue=1)
lastColor = None;
entry void write(color_t color, generic_type val) {
if (front == rear)
if(isFull)
ok2write[color].wait();
else
if (lastColor == color)
ok2write[color].wait();
valueBuf[front] = val;
front = (front+1) % MAX;
lastColor = color;
if (front == rear)
isFull = true;
else
ok2write[1-color].signal();
ok2read.signal();
}
entry generic_type read(void) {
if (rear == front)
if (!isFull)
ok2read.wait();
generic_type tmpValue = valueBuf[rear];
rear = (rear + 1) % MAX;
if (rear == front)
isFull = false;
color_t tmpColor = lastColor;
lastColor = None;
ok2write[tmpColor].signal(); //quando un lettore legge l'ultimo elemento
//dal buffer, ci possono solo essere scrittori
//in attesa che abbiano lo stesso colore
//dell'ultimo elemento.
else
ok2write[1-lastColor].signal();
return tmpValue;
}
}
Esercizio c.1 (da controllare)
#define MAX n
condition ok2read;
condition ok2write;
condition ok2red;
condition ok2blue;
queue buffer;
Procedure entry: void write(color_t color, generic_type val)
{
if(buffer.lenght() >= MAX)
ok2write.wait();
if((<color> == buffer.last()) == color)
{
if(color == red)
ok2red.wait();
else
ok2blue.wait();
}
buffer.enqueue(<color, val>);
ok2read.signal();
if(buffer.lenght() < MAX)
{
if(color == red)
ok2blue.signal();
else
ok2red.signal();
}
}
Procedure entry: generic_type read(void)
{
generic_type val;
if(buffer.lenght == 0)
ok2read.wait();
<val> = buffer.dequeue();
ok2write.signal()
return val;
}
Esercizio g.1 (da controllare)
a)
MIN:
Stringa di riferimenti: 0 1 2 3 4 5 0 1 2 3 4 0 1 2 3 0 1 2 0 1 0
Frame 1: 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
Frame 2: 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
Frame 3: 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2
Frame 4: 3 4 5 5 5 5 3 4 4 4 4 3 3 3 3 3 3 3
FIFO:
Stringa di riferimenti: 0 1 2 3 4 5 0 1 2 3 4 0 1 2 3 0 1 2 0 1 0
Frame 1: 0 0 0 0 4 4 4 4 2 2 2 2 1 1 1 1 1 1 1 1 1
Frame 2: 1 1 1 1 5 5 5 5 3 3 3 3 2 2 2 2 2 2 2 2
Frame 3: 2 2 2 2 0 0 0 0 4 4 4 4 3 3 3 3 3 3 3
Frame 4: 3 3 3 3 1 1 1 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
B)
MIN:
Stringa di riferimenti: 0 1 2 3 4 0 1 2 3 0 1 4 2 0 3 4 1 2 3 4
Frame 1: 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 1 1
Frame 2: 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2
Frame 3: 2 2 2 2 2 2 3 3 3 3 3 3 3 3 3 3 3 3
Frame 4: 3 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4
Esame 20/01/2015
Esercizio c.1 (da controllare)
#define MAX n
condition ok2read;
condition ok2write;
queue buffer;
int waiting_write = 0;
int waiting_read = 0;
Procedure entry: void write(generic_type val)
{
if (buffer.lenght() >= MAX)
{
if (waiting_write >= MAX)
{
buffer.dequeue(); // il valore va perso
ok2write.signal();
}
waiting_write++;
ok2write.wait();
waiting_write--;
}
buffer.enqueue(val);
ok2read.signal();
}
Procedure entry: generic_type read(void)
{
generic_type val;
if (buffer.lenght() == 0)
{
if (waiting_read >= MAX)
{
ok2read.signal();
}
waiting_read++;
ok2read.wait();
waiting_read--:
}
if (buffer.lenght() == 0)
val = NULL;
else
val = dequeue;
ok2write.signal()
return val;
}
Esercizio g.1 (da controllare)
a)
MIN:
Stringa di riferimenti: 1 2 3 4 5 1 2 3 4 1 2 3 1 2 1
Frame 1: 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1
Frame 2: 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2
Frame 3: 3 4 5 5 5 3 4 4 4 3 3 3 3
LRU:
Stringa di riferimenti: 1 2 3 4 5 1 2 3 4 1 2 3 1 2 1
Frame 1: 1 1 1 4 4 4 2 2 2 1 1 1 1 1 1
Frame 2: 2 2 2 5 5 5 3 3 3 2 2 2 2 2
Frame 3: 3 3 3 1 1 1 4 4 4 3 3 3 3
B)
Il problema si può risolvere utilizzando l'algoritmo LRU e la seguente stringa di riferimenti:
Stringa di riferimenti: 4 3 2 1 5 3 2 4 1 5 4 3 2
Frame 1: 4 4 4 4 5 5 5 5 1 1 1 1 1
Frame 2: 3 3 3 3 3 3 3 3 5 5 5 2
Frame 3: 2 2 2 2 2 2 2 2 2 3 3
Frame 4: 1 1 1 1 4 4 4 4 4 4
Esame 16/07/2014
Esercizio c.1
/* Monitor Bounded Buffer: (non richiesto dall'esercizio) */
queue q;
condition oktoread; // q.length() > 0
condition oktowrite; // q.length() < MAX
procedure entry type read():
if (q.length() == 0) oktoread.wait(); // controllo
retval = q.dequeue(); // cambio lo stato
// abilito coloro che possono essere abilitati dal cambiamento di stato
oktowrite.signal()
return retval;
procedure entry void write(type elem):
if (q.length() >= MAX) oktowrite.wait(); //controllo
q.enqueue(elem); // cambio lo stato
oktoread.signal(); // abilito chi può essere abilitato
/* NOTE:
* procedure entry ==> dichiarazione di funzioni (senza vedere l'implementazione
* dall'esterno)
*/
/* Min-Max Monitor Bounded Buffer: */
Queue Q;
// Condition: OKTOREAD: Q.Length > MIN
// Condition: OKTOWRITE: Q.Length < MAX
procedure entry: Type Read():
{
if (Q.Length <= MIN) OKTOREAD.Wait(); // Controllo
retval = Q.Dequeue(); // Cambio di stato
OKTOWRITE.Signal(); // Abilito chi vuole scrivere
return retval; // Qui sono sicuro perchè ne ho eliminato uno prima
}
procedure entry: void Write(Type elem):
{
if (Q.Length >= MAX) OKTOWRITE.Wait() // Controllo
Q.Enqueue(elem); // Cambio di stato
if (Q.Length > MIN) OKTOREAD.Signal(); // Abilito chi vuole leggere
}
Esercizio c.2
Semaphore mutex = 1;
struct Elem
{
Semaphore s;
int counter;
}
struct Elem V[]; // Vettore a dimensione variabile. I nuovi elementi sono initializzati a s = 0, counter = 0.
void RendezVouz(int n)
{
mutex.P(); // Blocco, decremento di 1 (il processo si blocca se il semaforo vale 0)
V[n].counter++;
if (V[n].counter < n)
{
mutex.V(); // Rilascia, incrementa di 1
V[n].s.P();
}
V[n].counter--;
if (V[n].counter > 0)
V[n].s.V();
else
mutex.V();
}
Esercizio g.1
0241302 ==> soluzione corretta
(0)2 2200
(1)3 1111
(2)4 4442
(3)0 0333
2 3 4 0 1 2 3 4 0 1 2 3 ==> soluzione proposta, non corretta perchè non è la stringa più corta
2 1 1 1 1 0 0 0 0
3 3 2 2 2 2 1 1 1
4 4 4 3 3 3 3 2 2
0 0 0 0 4 4 4 4 3
Esame 03/06/2014
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor sabelev
{
#define N n //numero dei piani
condition ok2enter[N][2]; //piano di partenza e direzione
condition ok2exit[N]; //piano di arrivo
procedure entry: void atfloor(int floor, int direction)
{
ok2exit[floor].signal(); //da il via al primo del piano che deve uscire
ok2enter[floor][direction].signal(); //da il via al primo del piano che deve entrare e deve andare in questa direzione
}
procedure entry: void enter(int from, int to)
{
int direction;
if(to > from) //controllo sulla direzione
direction = 0;
else
direction = 1;
ok2enter[from][direction].wait(); //mi fermo in attesa che arrivi l'ascensore
ok2enter[from][direction].signal(); //quando arriva l'ascensore do il via a quello in attesa dopo di me
ok2exit[to].wait(); //mi fermo dentro all'ascensore in attesa di uscire
}
procedure entry: void exit(int from, int to)
{
ok2exit[to].signal(); //do il via ad un altro che deve uscire a questo piano come me
}
}
Esame 21/02/2014
Esercizio c.1 (da controllare)
monitor bbwl
{
#define MAXELEM n
condition ok2read;
condition ok2write;
condition ok2log;
queue q1;
queue q2;
procedure entry: void write(eltype elem)
{
if (q1.size() >= MAXELEM)
ok2write.wait();
q1.enqueue(elem);
ok2log.signal();
}
procedure entry: eltype read()
{
if (q2.size == 0)
ok2read.wait();
eltype elem = q2.dequeue();
ok2write.signal();
return elem;
}
procedure entry: eltype log()
{
if (q1.size() == 0)
ok2log.wait();
eltype elem = q1.dequeue();
q2.enqueue(elem);
ok2read.signal()
return elem;
}
}
Esame 11/05/2011
Esercizio 2 (da controllare)
stack s;
semaphore mutex(1);
lifocs_enter()
{
s.push(getpid());
mutex.p();
while(s.lastElement() != getpid())
{
mutex.v();
mutex.p();
}
s.pop();
}
lifocs_exit()
{
mutex.v();
}
Esame Pratico 21/09/2018
http://www.cs.unibo.it/~renzo/so/pratiche/2018.09.21.pdf
Esercizio 1
#define _GNU_SOURCE
#include <sys/signalfd.h>
#include <signal.h>
#include <sys/types.h>
#include <sys/stat.h>
#include <fcntl.h>
#include <stdio.h>
#include <unistd.h>
#include <time.h>
#include <string.h>
int main(int argc, char * argv[]){
sigset_t mask;
struct signalfd_siginfo fdsi;
int fd;
char* t;
char* filename;
sigemptyset(&mask);
sigaddset(&mask, SIGUSR1);
sigaddset(&mask, SIGUSR2);
sigprocmask(SIG_SETMASK, &mask, NULL);
int sigfd = signalfd(-1, &mask, 0);
for(;;){
read(sigfd, &fdsi, sizeof(struct signalfd_siginfo));
if(fdsi.ssi_signo == SIGUSR1){
asprintf(&filename, "./%u", fdsi.ssi_pid);
fd = open(filename, O_APPEND | O_CREAT | O_WRONLY);
time_t stime = time(NULL);
t = ctime(&stime);
write(fd, t, sizeof(char)*strlen(t));
close(fd);
}
if(fdsi.ssi_signo == SIGUSR2){
asprintf(&filename, "./%u", fdsi.ssi_pid);
fd = open(filename, O_APPEND | O_CREAT | O_WRONLY);
time_t stime = time(NULL);
t = ctime(&stime);
write(fd, t, sizeof(char)*strlen(t));
close(fd);
}
}
}
dovrebbe stampare anche il nome del segnale prima di stampare il tempo ma per il resto va bene
Esercizio 3
#!/usr/bin/env python
import sys
import os
import re
dict = {}
def func(a):
os.chdir(a)
for root, dirs, files in os.walk("."):
for filename in files:
try:
fl =file(filename)
firstline = fl.readline()
fl.close()
except IOError: # caso di file che non riesce ad aprire
#print("could not read", file)
pass
if (re.match('^#!', firstline)):
dict.setdefault(firstline, []) #firstline include anche il carattere \n, quindi quando si stampa va anche a capo
dict[firstline].append(filename)
for k in dict.keys():
print k
for v in dict[k]:
print v
#print(" ")
if __name__ == '__main__':
if (len(sys.argv)==1):
dir = "."
else:
dir = sys.argv[1]
func(dir)
Esame Pratico 22/01/2016
http://www.cs.unibo.it/~renzo/so/pratiche/2016.01.22.pdf
Esercizio 1
#include <stdlib.h>
#include <stdio.h>
#include <dirent.h>
#include <sys/types.h>
#include <string.h>
#include <unistd.h>
typedef struct nameNumber {
char *name;
int value;
} nameNumber;
int prefixToInt (char *string) {
int i = 0;
int num = 0;
while (string[i] >= '0' && string[i] < '9' && i < strlen(string)) {
num = (num*10) + (string[i]-'0');
i++;
}
return num;
}
void fileSort(struct nameNumber **files) {
}
int comp (const void * el1, const void * el2) {
struct nameNumber *f = *((nameNumber**)el1);
struct nameNumber *s = *((nameNumber**)el2);
if (f->value > s->value) return 1;
if (f->value < s->value) return -1;
return 0;
}
int main(int arg, char* argv[]) {
struct nameNumber **files;
DIR *dir;
struct dirent *ent;
int count = 0;
if((dir = opendir(argv[1])) != NULL)
{
while( (ent = readdir(dir)) != NULL )
{
if (ent->d_name[0] < '9' && ent->d_name[0] >= '0')
{
files = (struct nameNumber**)realloc(files , (count+1) * sizeof(struct nameNumber*));
files[count] = (struct nameNumber*)malloc(sizeof(struct nameNumber));
files[count]->name = (char*)malloc(sizeof(char)*strlen(ent->d_name) + 1);
strcpy(files[count]->name, ent->d_name);
files[count]->value = prefixToInt(files[count]->name);
printf("name : %s , value : %d\n", files[count]->name , files[count]->value);
count++;
}
}
}
qsort(files, count, sizeof(nameNumber*), comp);
int i;
for (i=0; i < count; i++) {
printf("%s\n",files[i]->name);
}
}
Esame di Concorrenza del 13/01/2005
Il testo degli esercizi è disponibile alla pagina http://www.cs.unibo.it/~renzo/so/compiti/2005-01-13.con.pdf.
Esercizio 1
Il codice di questo esercizio può essere eseguito scaricando il sorgente Python e l'archivio relativo agli strumenti di concorrenza per il linguaggio Python.
#!/usr/bin/env python3
import threading
import random
import time
from pysm.semaphore import semaphore
class mod_counter:
def __init__(self, mod, start=0):
self._mod = mod
self._val = start
def inc(self):
self._val = (self._val + 1) % self._mod
def get(self):
return self._val
class process(threading.Thread):
def __init__(self, to_print, c: mod_counter, a, t, r):
threading.Thread.__init__(self, name="proc" + to_print)
if to_print not in "tar":
raise ValueError("Unexpected printable character:", to_print)
self._counter = c
self._x = to_print
self._semaphores = {'t': t, 'a': a, 'r': r}
self._enter = True
if self._x == 't':
self._semaphores[self._x].V()
def run(self):
while True:
self.sync()
print("[%s] %c" % (self.name, self._x))
# Print a trailing newline
if (self._counter.get() == 7):
print()
time.sleep(random.random() * 0.5)
def sync(self):
if (self._enter):
self._semaphores[self._x].P()
self._enter = False
else:
self._counter.inc()
curr = "taratata"[self._counter.get()]
self._semaphores[curr].V()
self._enter = True
self.sync()
def main():
counter = mod_counter(8)
semaphores = (semaphore(0), semaphore(0), semaphore(0))
procs = [process(c, counter, *semaphores) for c in "tar"]
for p in procs:
p.daemon = True
p.start()
for p in procs:
p.join()
return 0
if __name__ == "__main__":
exit(main())